problemas con mysql_fetch_object

[paky]

Buenos dias,

No sé que está pasando. Tengo dos páginas: una de ellas visualiza los clientes que tienen mantenimiento y en otra los clientes normales. Los datos se visualizan en cuadros de texto. Las dos tienen exactamente el mismo código, tan sólo cambia el nombre de la tabla. Pero en una de ellas aparece el siguiente error:

Warning: mysql_fetch_object(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in /var/www/html/isemat/admin/modificarclientemantenimiento.php on line 52

La línea 52 corresponde a la siguiente instrucción:

Código PHP:

  $recuperado=mysql_fetch_object($Noticias); 
   

El código entero es:

Código PHP:

  <?php
$Host="localhost";
$User="root";
$Password="";
$DBName="isematnueva";
$TableName="clientesmantenimiento";
$link = mysql_connect ($Host, $User, $Password);
$BaseDatos = mysql_select_db ($DBName);
if (!$link || !$BaseDatos)    {
    die ("No se puede conectar");
}else{
        $Noticias = mysql_query("SELECT * FROM $TableName WHERE (clave=$clave)",$link); 
        $recuperado=mysql_fetch_object($Noticias);
}
?>   

¿Qué puede estar pasando? Es algo raro, ya que la otra página es igual tan solo cambia el nombre de la tabla.

Saludos y gracias anticipadas

[josemi]

Hola,

El error dice que le has pasado como parametro un valor no valido. Y ese valor lo has obtenido de mysql_query(), asi que el problema es que mysql_query() ha devuelto un valor no valido. Si miras el manual (www.php.net/mysql_query), veras que devuelve un valor no valido (en concreto false) si falla la ejecucion de la consulta. Y para ver el mensaje de error que genera MySQL en ese fallo, tienes que usar mysql_error() (www.php.net/mysql_error).

saludos.

[paky]

Ya lo solucioné. El problema estaba en que el campo que pongo en la condición el tipo texto, por lo que tengo que ponerlo entre comillas. Es decir:

MAL

Código PHP:

  $Noticias = mysql_query("SELECT * FROM $TableName WHERE (clave=$clave)",$link); 
   

BIEN

Código PHP:

  $Noticias = mysql_query("SELECT * FROM $TableName WHERE (clave='$clave')",$link); 
   

Muchas Gracias Josemi